(2013•杭州二模)氢气的制取与储存是氢能源利用领域的研究热点.
来源:学生作业帮 编辑:灵鹊做题网作业帮 分类:化学作业 时间:2024/04/29 09:41:38
(2013•杭州二模)氢气的制取与储存是氢能源利用领域的研究热点.
(1)已知:2H2S(g)═2H2(g)+S2(g)△H=169.8kJ•mol-1
下列有关该反应的叙述正确的是CC
A.正反应活化能小于169.8kJ•mol-1
B.逆反应活化能一定小于169.8kJ•mol-1
C.正反应活化能不小于169.8kJ•mol-1
D.正反应活化能比逆反应活化能小于169.8kJ•mol-1
(2)H2S热分解制氢时,常向反应器中通入一定比例空气,使部分H2S燃烧,其目的是2H2S+SO2═2H2O+3S2H2S+SO2═2H2O+3S.
(3)H2O的热分解也可得到H2,高温下水分解体系中主要气体的体积分数与温度的关系,如图1所示.在4000℃~5000℃时可能发生下列哪些反应ABCABC (填写字母).
A.2H2O
2H2+O2 B.H2
2H C.O2
2O
(4)制取氢气的另一种方法是电解尿素[CO(NH2)2]的碱性溶液,装置示意图见图2(电解池中隔膜仅阻止气体通过,阴、阳极均为惰性电极).该电解装置中电解排出液中的主要成分是K2CO3、KOHK2CO3、KOH(写化学式).
(5)已知下列物质的KSP:CaCO3×10-9;BaSO4,1×10-10;BaCO3 5×10-8;Mg(OH)2 5.6×10-12;
Ca(OH)2;1.4×10-5.氯碱工业中 电解饱和食盐水也能得到氢气,电解所用的盐水需精制,去除有影响的Ca2+、Mg2+、
NH+4、SO2-4[c(SO2-4)>c(Ca2+)].某精制流程如下:
①盐泥a除泥沙外,还含有的物质是Mg(OH)2Mg(OH)2.
②过程I中将NH+4转化为N2的离子方程式是2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O.
③过程II中除去的离子有SO42-、Ca2+SO42-、Ca2+.
④经过程III处理,需求盐水c中剩余Na2SO3的含量小于5mg/L.若盐水b中NaClO的含量是7.45mg/L,则处理10m3盐水b,至多添加10%Na2SO3溶液1.761.76kg(溶液体积变化忽略不计)
(1)已知:2H2S(g)═2H2(g)+S2(g)△H=169.8kJ•mol-1
下列有关该反应的叙述正确的是CC
A.正反应活化能小于169.8kJ•mol-1
B.逆反应活化能一定小于169.8kJ•mol-1
C.正反应活化能不小于169.8kJ•mol-1
D.正反应活化能比逆反应活化能小于169.8kJ•mol-1
(2)H2S热分解制氢时,常向反应器中通入一定比例空气,使部分H2S燃烧,其目的是2H2S+SO2═2H2O+3S2H2S+SO2═2H2O+3S.
(3)H2O的热分解也可得到H2,高温下水分解体系中主要气体的体积分数与温度的关系,如图1所示.在4000℃~5000℃时可能发生下列哪些反应ABCABC (填写字母).
A.2H2O
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(4)制取氢气的另一种方法是电解尿素[CO(NH2)2]的碱性溶液,装置示意图见图2(电解池中隔膜仅阻止气体通过,阴、阳极均为惰性电极).该电解装置中电解排出液中的主要成分是K2CO3、KOHK2CO3、KOH(写化学式).
(5)已知下列物质的KSP:CaCO3×10-9;BaSO4,1×10-10;BaCO3 5×10-8;Mg(OH)2 5.6×10-12;
Ca(OH)2;1.4×10-5.氯碱工业中 电解饱和食盐水也能得到氢气,电解所用的盐水需精制,去除有影响的Ca2+、Mg2+、
NH+4、SO2-4[c(SO2-4)>c(Ca2+)].某精制流程如下:
①盐泥a除泥沙外,还含有的物质是Mg(OH)2Mg(OH)2.
②过程I中将NH+4转化为N2的离子方程式是2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O.
③过程II中除去的离子有SO42-、Ca2+SO42-、Ca2+.
④经过程III处理,需求盐水c中剩余Na2SO3的含量小于5mg/L.若盐水b中NaClO的含量是7.45mg/L,则处理10m3盐水b,至多添加10%Na2SO3溶液1.761.76kg(溶液体积变化忽略不计)
(1)由△H=正反应活化能-逆反应活化能=169.8kJ•mol-1得
A.正反应活化能大于169.8kJ•mol-1,故A错误;
B.逆反应活化能不一定小于169.8kJ•mol-1,故B错误;
C.正反应活化应大于169.8kJ•mol-1,故C正确;
D.正反应活化能比逆反应活化能大169.8kJ•mol-1,故D错误;
故选:C.
(2)使部分H2S燃烧,放出热量,为H2S热分解反应提供热量,故答案为:为H2S热分解反应提供热量;
(3)化学反应的本质旧键的断裂和新键的形成,故发生:H2
高温
.
2H、O2
高温
.
2O、高温下水分解体系中主要气体的成分为:H2O、H2、O2 故发生:2H2O
高温
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2H2+O2,故答案为:ABC;
(4)由图可知,CO(NH2)2在阳极放电生成N2,C元素价态未变化,故还有K2CO3与水生成,同时KOH过量,故答案为:K2CO3、KOH;
(5)①根据粗盐水和淡盐水的化学成分,结合题给精制盐水的流程进行分析,可知过程I是将Mg2+转化为Mg(OH)2沉淀除去,即盐泥a中除泥沙外,还含有的物质是Mg(OH)2,故答案为:Mg(OH)2;
②将NH4+转化为N2的氧化剂是Cl2,对应的离子方程式是2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O,故答案为:2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O;
③过程II是利用沉淀溶解平衡原理,将溶液中的Ca2+和SO42-分别转化为CaCO3和BaSO4沉淀除去,故答案为:SO42-、Ca2+;
④NaClO与Na2SO3溶液反应的化学方程式为:NaClO+Na2SO3═NaCl+Na2SO4,若盐水b中NaClO的含量是7.45mg/L,则处理10m3盐水b时至少需要10%Na2SO3溶液
74.5g
74.5g•mol −1×126g/mol×
100
10=1.26kg,若盐水c中剩余Na2SO3的含量为5mg/L,则还需添加10% Na2SO3溶液50g÷10%=0.5kg,因此至多添加10%Na2SO3溶液
的质量为1.26kg+0.5kg=1.76kg.故答案为:1.76.
A.正反应活化能大于169.8kJ•mol-1,故A错误;
B.逆反应活化能不一定小于169.8kJ•mol-1,故B错误;
C.正反应活化应大于169.8kJ•mol-1,故C正确;
D.正反应活化能比逆反应活化能大169.8kJ•mol-1,故D错误;
故选:C.
(2)使部分H2S燃烧,放出热量,为H2S热分解反应提供热量,故答案为:为H2S热分解反应提供热量;
(3)化学反应的本质旧键的断裂和新键的形成,故发生:H2
高温
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2H、O2
高温
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2O、高温下水分解体系中主要气体的成分为:H2O、H2、O2 故发生:2H2O
高温
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2H2+O2,故答案为:ABC;
(4)由图可知,CO(NH2)2在阳极放电生成N2,C元素价态未变化,故还有K2CO3与水生成,同时KOH过量,故答案为:K2CO3、KOH;
(5)①根据粗盐水和淡盐水的化学成分,结合题给精制盐水的流程进行分析,可知过程I是将Mg2+转化为Mg(OH)2沉淀除去,即盐泥a中除泥沙外,还含有的物质是Mg(OH)2,故答案为:Mg(OH)2;
②将NH4+转化为N2的氧化剂是Cl2,对应的离子方程式是2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O,故答案为:2NH4++3Cl2+8OH-═N2↑+6Cl-+8H2O;
③过程II是利用沉淀溶解平衡原理,将溶液中的Ca2+和SO42-分别转化为CaCO3和BaSO4沉淀除去,故答案为:SO42-、Ca2+;
④NaClO与Na2SO3溶液反应的化学方程式为:NaClO+Na2SO3═NaCl+Na2SO4,若盐水b中NaClO的含量是7.45mg/L,则处理10m3盐水b时至少需要10%Na2SO3溶液
74.5g
74.5g•mol −1×126g/mol×
100
10=1.26kg,若盐水c中剩余Na2SO3的含量为5mg/L,则还需添加10% Na2SO3溶液50g÷10%=0.5kg,因此至多添加10%Na2SO3溶液
的质量为1.26kg+0.5kg=1.76kg.故答案为:1.76.
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