如图所示,一轻杆上固定有两个质量相等的小球a和b,轻杆可绕o点在

   答案为B,A,B小球均做匀速圆周运动,加速度由向心力提供且大小不变,而两球向心力都由重力和斜面的支持力提供,因为两球质量相同,且位于同一圆锥,则斜面的支持力也相同,

A、根据平行四边形定则得，N=mgcosθ，则NANB＝cos37°cos53°＝0.80.6＝43．故A正确．B、根据mgtanθ=mv2r=mr4π2T2，r=Rsinθ，解得Ek＝12mv2＝1

当细绳的拉力达到最大时，设两绳之间的夹角为2θ，则由平衡条件得    2Fmcosθ=G得cosθ=G2Fm=12．解得θ=60°根据几何知识得，细绳最短的长度

对上面的小球做负功,-1/5mgl对下面的做正功,+1/5mgl

a=v2/2Mgr=mr2/2A=2g所以a是一样的

（1）对O点受力分析OA OB OC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以0C等于OD．因此三个力的大小构成一个三角形．A项以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，故

求两下!求Q1和Q2分别对P的电场力!再求二者的合力!带有正负的运算!

A、C、两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，此等势线一直延伸到无穷远，则a、b、c三点的电势相等，而且与无穷远处电势也相等，故A错误，C正确．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上c处电

A、由图可知电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．由于中心电荷为正电，则M一定是负离子，N一定是正离子，故A正确；B、由图可判定M电荷在a→p→b运动过程中，先

①由图可知电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．由于中心电荷为正电，则M一定是负离子，N一定是正离子，故①错误；②由图可判定M电荷在运动过程中，电场力做正功，导

解题思路：对共点力的平衡，库仑定律等考点的理解。知识点考点名称：共点力的平衡共点力：作用在物体的同一点，或作用线相交于一点的几个力。平衡状态：物体保持匀速直线运动或静止叫平衡状态，是加速度等于零的状态

（1）以直角尺和两小球组成的系统为对象，由于转动过程不受摩擦和介质阻力，所以该系统的机械能守恒．A、B转动的角速度始终相同，由v=ωr，有v=2vB系统的机械能守恒，得：2mg•2L=3mg•L+12

小环在最低点，根据牛顿第二定律得，F-mg=mv2R．则F=mg+mv2R．对大环分析，有：T=2F+Mg=2m（g+v2R）+Mg．故C正确，A、B、D错误．故选C．

首先,依题,整个过程无能量损失；A：碰撞时,啥也没发生,H=h'时,系统的重力势能和电势能都与初始时相等,即此时动能为0,反弹最高点h=H；D：碰撞时,两球电荷中和,碰撞后,两球带同种电荷,且电荷量减

当弹力等于AD的重力的分力时AD处于平衡状态，由kx=2mgsinθ可知，平衡位置时弹簧的形变量为x0=2mgsinθk，处压缩状态；当B对C弹力最小时，对B分析，则有mgsinθ=Kx+12mgsi

A、B，在下滑的整个过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒．故A错误，B正确．C、B球刚到地面时，由于弹簧对系统做的功不能确定，所以B的速度也不能确定．故C错误；D、根据系统机械能守恒得，

A、C、等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，一直延伸到无穷远处，即a、b、c三点与无穷远电势相等．故A错误，C正确．B、a、b两点场强方向相同，b处电场线较密，场强较大．故B错误．D、带电粒子（

半圆形支架中有二力F1F2结于圆心O,下悬重为G的物体使F1固定不动将F2的外端沿半圆支架从水平位置逐渐向竖直的位置移动问移动过程中   F1和F2的大小变化就是这些了下

分析：⑴、“系统平衡时,AO与竖直方向夹37°角”.∴对于O点力矩平衡方程为：m甲gAOsin37°＝m乙gBOcos37°；由于“AO＝BO＝L”,∴m甲:m乙＝4：3⑵、由于“直角尺的顶点O处有光

完全相同的金属碰撞后,所带电荷一定变为同种电荷.A碰撞后无变化,无能量损失,动能一定还会转化为势能,包括重力场势能和电场势能,因此A正确.C碰撞后电荷中和,电场所做的功也要转化为重力场势能,因此C不对