如图所示,用一根细绳连接矩形相框的两个顶角bc,将其挂在竖直墙的钉子a上

设绳子的拉力为T，隔离A分析有T=mAg…①隔离B分析有：mBg=Tcosθ…②由①②整合得：mA：mB=1：cosθ故答案为：1：cosθ．

（1）板加速阶段的平均速度v'=v/2板的位移s=v't=vt/2物块的位移s'=vt相对位移l/2=s'-s=vt/2所以板的位移s=l/2根据动能定理：(1/2)Mv^2=摩擦系数*mgs所以摩擦

剪断前小球静止三个力合力为零弹簧竖直分力等于重力F弹=mg/cosa剪断瞬间细线拉力消失,弹力保持不变合力水平向右a=(mgsina)/(mcosa)=gtana

设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得sinα=SL…①以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得  &nbs

（1）最后一次碰撞结束时，两小球粘合成一个整体，根据牛顿第二定律得：F=2ma，则得a=5.5m/s．（2）最后一次碰撞结束时，小球的速度为v=at=11m/s；（3）整个碰撞过程中，系统损失的机械能

(1)A落地时的速度v由Mgh-mgh=1/2(m+M)V^2-0V=2m/sA落地后B上升的高度h'mgh'=1/2mv^2h'=0.2mB达到的最大高度h+h'=1.2m

图呢?解（1）：因为木块密度0.5*10^3KG/立方米,当：重力＝浮力,木块浸入水中2.5立方分米,而此时木块浸入水中的体积为3立方分米,所以木块受到的浮力－重力＝0.5立方分*0.5*10^3KG

是正确的,因为向左移动后,a对b的水平方向的分力小了,摩擦就小了,竖直方向的力加大了,桌面支持就变小了,再问：竖直方向的力加大支持力不应该增大吗？

A、小球对绳子的拉力，是因为球发生弹性形变，同时要恢复原状，所以产生弹力．故A错误；B、绳子形变后，要恢复原状，则对小球产生向上竖直拉力，故B正确；C、小球对绳的拉力的方向竖直向下，故C错误；D、小球

设当球心距离定滑轮为L时球将要落下，设此时细绳与竖直墙壁的夹角为θ，由力的平衡得：Tcosθ=G        &nbs

由F=ma水平力F施加在m1上a1=T/m2=1/3m/s^2F1=(m1+m2)a1=5/3N方向向左水平力F施加在m2上a2=T/m1=0.5m/s^2F21=(m1+m2)a2=2.5N方向向右

受力分析,木球受到向下的重力,向上的浮力和绳子的拉力,木球静止,说明拉力+重力=浮力；（1）水对木球的浮力=水的密度*g*球的体积=1500N(2)绳对木球的拉力=球的浮力-重力=600N（3）绳剪断

①拉球的绳子与竖直方向的夹角a球心离顶端A的距离AOsina=R/AOcosa=G/T（R/AO）²+（G/T）²=1（R/AO）²=（T²-G²）/

A、由于小球有重力，绳对A的拉力大于弹簧对A的拉力，所以绳对A的拉力和弹簧对A的拉力不是一对平衡力．故A错误．B、弹簧对A的拉力和弹簧对B的拉力大小相等，但这两个力不是作用在同一物体上，不是一对平衡力

请问在吗?第一问清楚吗?再问：懂的再答：第二问也是很简单的啊小球下落到竖直位置利用动能定理之后不就是平抛了嘛很好列式子啊你哪里不懂？第二问3mg-mg=mv^2/LmgL(1-cosθ)=1/2mv^

1.不会有能量损失.从做功的角度分析,绳子对小球的力始终是与绳在同一直线上,而小球做圆周运动,其运动方向始终与绳垂直.所以即使绳被阻挡,也没有对小球做功.所以在只有重力做功的情况下,小球机械能守恒.2

用绳子分别量一下上下边和左右边,如果分别相等,说明这个窗子至少是平行四边形.再量一下两个对角线,如果还相等,则说明是矩形.因为只有矩形满足对角线相等,且对边相等的条件.

(1)因为匀速运动,所以水平拉力为摩擦力,即为5N(2)设t时间后被拉断,则物体离O点距离为vt对于O点力矩平衡有TAB*OA*sin30=mg*vt其中TAB为绳子承受的最大拉力解得t=TAB*OA

/>设围成的矩形长为XCM,则宽为（60-X）CM（1）x(60-x)=50060x-x²=500x²-60x+500=0(x-50)(x-10)=0因为长>宽,取x=50即长为5

解析：对小球进行受力分析,由平衡条件得：tanβ=F/mg.对铁链和小球整体进行受力分析,由平衡条件得：tanα=F/(M+m)g,联立解得：M=2m,选项B正确..这是2013乌鲁木齐二诊题,具体别